Wie können wir eine Normalverteilung als

Hier ist, was Sie vermissen. Die asymptotische Verteilung beträgt nicht $\bar{X}_n$ (Mittelwert der Stichprobe), sondern , wobei $\sqrt{n}(\bar{X}_n - \theta)$ $\theta$ der Mittelwert von . $X$

Sei eine Zufallsvariable, so dass und den Mittelwert und die Varianz . Also $X_1, X_2, \dots$ $a < X_i <b$ $X_i$ $\theta$ $\sigma^2$ $X_i$ die Unterstützung begrenzt. Das CLT sagt, dass

\sqrt{n} ({\bar{X}}_{n} - θ) \overset{d}{\to} N (0, σ^{2}),

$\sqrt{n}(\bar{X}_n - \theta) \overset{d}{\to} N(0, \sigma^2),$

wobei der Stichprobenmittelwert ist. Jetzt $\bar{X}_n$

\begin{aligned} a < & X_{i} < b \\ a < & {\bar{X}}_{n} < b \\ a - θ < & {\bar{X}}_{n} - θ < b - θ \\ \sqrt{n} (a - θ) < & \sqrt{n} ({\bar{X}}_{n} - θ) < \sqrt{n} (b - θ) . \end{aligned}

$\begin{align*} a < &X_i <b\\ a < & \bar{X}_n <b\\ a-\theta < &\bar{X}_n - \theta < b - \theta\\ \sqrt{n}(a - \theta) < & \sqrt{n}(\bar{X}_n - \theta) < \sqrt{n}(b - \theta).\\ \end{align*}$

Als tendieren die Untergrenze und die Obergrenze zu bzw. und somit zu $n \to \infty$ $-\infty$ $\infty$ $n \to \infty$ Unterstützung von ist genau die ganze reelle Linie. $\sqrt{n}(\bar{X}_n - \theta)$

Wann immer wir die CLT in der Praxis verwenden, sagen wir , und dies wird immer eine Annäherung sein. $\bar{X}_n \approx N(\theta, \sigma^2/n)$

EDIT: Ich denke, ein Teil der Verwirrung beruht auf der Fehlinterpretation des zentralen Grenzwertsatzes. Sie haben Recht, dass die Stichprobenverteilung des Stichprobenmittelwerts

{\bar{X}}_{n} \approx N (θ, σ^{2} / n) .

$\bar{X}_n \approx N(\theta, \sigma^2/n).$

Die Stichprobenverteilung ist jedoch eine Eigenschaft endlicher Stichproben. Wie Sie sagten, wollen wir ; Sobald wir dies tun, ist das Zeichen ein genaues Ergebnis. Wenn wir jedoch , können wir kein auf der rechten Seite haben (da jetzt ). Die folgende Aussage ist also falsch $n \to \infty$ $\approx$ $n \to \infty$ $n$ $n$ $\infty$

{\bar{X}}_{n} \overset{d}{\to} N (θ, σ^{2} / n) as n \to \infty .

$\bar{X}_n \overset{d}{\to} N(\theta, \sigma^2/n) \text{ as } n \to \infty.$

[Hier steht für Konvergenz in Bezug auf die Verteilung]. Wir wollen das Ergebnis genau aufschreiben, damit das nicht auf der rechten Seite steht. Hier verwenden wir nun Eigenschaften von Zufallsvariablen, um zu erhalten $\overset{d}{\to}$ $n$

\sqrt{n} ({\bar{X}}_{n} - θ) \overset{d}{\to} N (0, σ^{2})

$\sqrt{n}(\bar{X}_n - \theta) \overset{d}{\to} N(0, \sigma^2)$

Schauen Sie sich die Antwort hier an, um zu sehen, wie die Algebra funktioniert .

Greenparker
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Vielen Dank. Ich verstehe Ihre Ungleichungsalgebra, aber ich habe immer noch einige Verwirrung über Ihren ersten Absatz: "Die asymptotische Verteilung ist nicht von

(der Stichprobenmittelwert), sondern

{\bar{X}}_{n}

$\bar{X}_n$

... ". Ich dachte, die CLT sagte, dass sich die Stichprobenverteilung des Stichprobenmittels einer Normalverteilung annähert, als

, und ich dachte,

sei der RV, der alle möglichen Werte annimmt von Stichproben der Größe

. Woher kommt

\sqrt{n} ({\bar{X}}_{n} - θ)

$\sqrt{n} (\bar{X}_n - \theta)$

n \to \infty

$n \to \infty$

{\bar{X}}_{n}

$\bar{X}_n$

n

$n$

kommt von? Warum interessieren wir uns für diese Verteilung und nicht für die Verteilung von

\sqrt{n} ({\bar{X}}_{n} - θ)

$\sqrt{n} (\bar{X}_n - \theta)$

{\bar{X}}_{n}

$\bar{X}_n$

Jeremy Radcliff

(Fortsetzung) Geht es darum, die Verteilung der Stichprobenmittel zu normalisieren? Kommt hier die Quadratwurzel her? Hat es mit

Scores zu tun ?

Z

$Z$

Jeremy Radcliff

@ jeremyradcliff Ich habe meine Antwort bearbeitet und einen Link eingefügt, der einige Details erklärt. Hoffe das macht jetzt mehr Sinn.

Greenparker

Vielen Dank, dass Sie sich die Zeit zum Bearbeiten genommen haben. Der von Ihnen angegebene Link ist genau das, wonach ich gesucht habe. Und Sie haben Recht, das Problem war, dass ich Schwierigkeiten hatte, die Endlichkeit der Stichprobenverteilung und die Tatsache, dass wir

gegen

nehmen, in Einklang zu bringen .

n

$n$

\infty

$\infty$

Jeremy Radcliff

Wenn Sie sich auf einen zentralen Grenzwertsatz beziehen, beachten Sie, dass ein geeigneter Weg zum Ausschreiben darin besteht

$\left( \frac{\bar x - \mu} {\sigma} \right) \sqrt n \rightarrow_d N(0,1)$

unter normalen Bedingungen ( der Mittelwert und die Standardabweichung von $\mu, \sigma$ $x_i$ ).

$n$

$n$ $n$ $n$

$X_i \sim \text{Bern}(p = 0.5)$

$\bar X \dot \sim N\left(p, \frac{p(1-p)}{n}\right)$

$n$

$P\left(N\left(p, \frac{p(1-p)}{n}\right) < 0\right) >0$

(implying the approximation is clearly never perfect), as $n \rightarrow \infty$ ,

$P\left(N\left(p, \frac{p(1-p)}{n}\right) < 0\right) \rightarrow 0$

So that discrepancy between the actual distribution and approximate distribution is disappearing, as is supposed to happen with approximations.

Cliff AB
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